Bourbaki

Exercice 1, § 3

Algèbre commutative, VI

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

a) Soient LL un corps, TT une indéterminée; dans le corps des séries formelles L((T))L((T)), on considère la série

s=c0+c1T1!+c2T2!+⋯+cnTn!+⋯ s = c_0 + c_1 T^{1!} + c_2 T^{2!} + \cdots + c_n T^{n!} + \cdots

où les ci∈Lc_i \in L sont tous ≠0\neq 0. Montrer que ss est transcendant sur le sous-corps L(T)L(T) de L((T))L((T)). (Raisonner par l’absurde en supposant qu’il existe une relation a0(T)+a1(T)s+⋯+aq(T)sq=0a_0(T) + a_1(T)s + \cdots + a_q(T)s^q = 0 où les ai(T)a_i(T) sont des polynômes de L(T)L(T) tels que aq≠0a_q \neq 0; former l’équation vérifiée par s′=s−c0−c1T1!−⋯−cn−1T(n−1)!s' = s - c_0 - c_1 T^{1!} - \cdots - c_{n-1} T^{(n-1)!}, et montrer que pour nn assez grand son terme constant est un polynôme de degré <n!< n!, d’où contradiction).

b) Soient kk un corps, X,Y,Z,TX, Y, Z, T quatre indéterminées, K=k(X,Y,Z)K = k(X, Y, Z), EE une clôture algébrique de k(X)k(X); dans EE, pour tout nn, on désigne par xnx_n un élément tel que xnn=Xx_n^n = X. Dans le corps de séries formelles E((T))E((T)), on considère l’élément

s=x1T+x2T2!+⋯+xnTn!+⋯ s = x_1 T + x_2 T^{2!} + \cdots + x_n T^{n!} + \cdots

Les éléments ss et TT sont algébriquement indépendants sur EE en vertu de a). On considère l’homomorphisme f:K→E((T))f : K \to E((T)) tel que f(X)=X,f(Y)=T,f(Z)=sf(X) = X, f(Y) = T, f(Z) = s. Si vv est la valuation discrète sur E((T))E((T)) définie par l’ordre des séries formelles (no 3, Exemple 3), v∘fv \circ f est une valuation discrète sur KK; montrer que le corps résiduel de v∘fv \circ f est le sous-corps k(x1,x2,…,xn,…)k(x_1, x_2, \ldots, x_n, \ldots) de EE et est donc de degré infini sur kk.

Solution

Aucune solution n’a encore été écrite.

Transcrit du volume imprimé. Non traduit.