Bourbaki

Exercice 5, § 3

Algèbre commutative, VI

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Soient kk un corps, K=k(X,Y)K = k(X, Y) le corps des fractions rationnelles à 2 indéterminées sur kk. On pose x1=X, y1=Yx_1 = X, \ y_1 = Y, et pour n⩾1n \geqslant 1, on définit par récurrence les éléments xn+1=ynx_{n+1} = y_n et yn+1=xnyn−1y_{n+1} = x_n y_n^{-1} de KK.

a) On pose An=k[xn,yn]A_n = k[x_n, y_n]; la suite (An)(A_n) est croissante, et si mn=Anxn+Anynm_n = A_n x_n + A_n y_n, mnm_n est un idéal maximal de AnA_n et l’on a mn=An∩mn+1m_n = A_n \cap m_{n+1}; dans l’anneau A=⋂nAn,m=⋂nmnA = \bigcap_n A_n, m = \bigcap_n m_n est un idéal maximal.

b) Soit vv la valuation de KK définie par v(X)=ρ=(1+5)/2v(X) = \rho = (1 + \sqrt{5})/2, v(Y)=1v(Y) = 1; soient BB et p\mathfrak{p} l’anneau et l’idéal de vv; montrer que l’on a m=p∩Am = \mathfrak{p} \cap A (remarquer que l’on a ρ2−ρ−1=0\rho^2 - \rho - 1 = 0, et utiliser cette remarque pour calculer v(yn)v(y_n)). Montrer que pour qu’un monôme XiYjX^i Y^j (i,ji, j entiers positifs ou négatifs) appartienne à AA, il faut et il suffit que i(1+52)+j>0i \left( \frac{1 + \sqrt{5}}{2} \right) + j > 0; pour tout monôme z=XiYjz = X^i Y^j, on a donc, soit z∈Az \in A, soit 1/z∈A1/z \in A.

c) Montrer que l’on a B=AmB = A_m (écrire un élément t∈Bt \in B sous forme d’un quotient de deux polynômes en XX et YY, et mettre en évidence dans chacun d’eux les monômes pour lesquels vv prend la plus petite valeur).

d) Montrer que pour tout nn, (An+1)mn+1(A_{n+1})_{m_{n+1}} est le premier transformé quadratique de (An)mn(A_n)_{m_n} le long de vv (exerc. 4).

Solution

Aucune solution n’a encore été écrite.

Transcrit du volume imprimé. Non traduit.