Bourbaki

Exercice 8, § 1

Tag 025V, permanent. Cite it as [Bourbaki, Tag 025V].

Théories spectrales, I, p. 154

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Soient A une algèbre, I un idéal bilatère de A, JI(A)J^I(A) l’ensemble des idéaux primitifs de A qui ne contiennent pas I, et A^I\widehat{A}^I l’ensemble des représentations irréductibles π∈A^\pi \in \widehat{A} telles que π(I)≠0\pi (I)\not= 0.

a) Si π∈A^I\pi \in \widehat{A}^I, on a π∣I∈I^\pi |I\in \widehat{I} (lemme 5, a) de I, p. 12). Si des représentations π\pi et π′∈A^\pi '\in \widehat{A} sont telles que π∣I\pi |I et π′∣I\pi '|I sont équivalentes, alors π\pi et π′\pi ' sont équivalentes. (On peut supposer que π(x)=π′(x)\pi (x) =\pi '(x) pour tout x∈Ix\in I. Alors, pour tout y∈A,π(y)y\in A,\pi (y) et π′(y)\pi '(y) coïncident sur ∑x∈I\sum_{x\in I} Imπ(x)\pi (x), et ce sous-espace est égal à l’espace de π.\pi .)

b) Si π∈I^,π\pi \in \widehat{I},\pi se prolonge en un élément de A^I\widehat{A}^I. (Soit R un idéal à gauche maximal régulier de I. Soit gg une unité à droite de I modulo R. Supposant que A admet un élément unité, montrer que la relation AR +A(1−g)=A+ A(1-g) = A entraînerait g2∈Rg^2\in R. Donc AR +A(1−g)+ A(1-g) est contenu dans un idéal à gauche maximal M de A. Démontrer que M∩I=RM\cap I = R et M + I = A.)

c) Déduire de a) et b) que l’application I′↦I′∩II'\mapsto I'\cap I est un homéomorphisme de JI(A)J^I(A) sur J(I), et que l’application π↦π∣I\pi \mapsto \pi |I est un homéomorphisme de A^I\widehat{A}^I sur I^\widehat{I}.

Solution

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Transcribed from the printed volume. Not translated.