Bourbaki

Exercice 27, § 2

Étiquette 030A, permanente. À citer comme [Bourbaki, Tag 030A].

Théories spectrales, IV, p. 328

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

On se propose de démontrer la réciproque de l’assertion de la question b) de l’exercice 25. On utilisera pour cela les résultats et les notations de l’exercice 23 de V, p. 503 ci-dessous. En particulier, G désigne le groupe R+∗\mathbf{R}^*_+ muni de la mesure de Haar μ=x−1dx\mu=x^{-1}dx, en dualité avec le groupe iRi\mathbf{R} par l’application (x,it)↦xit(x, it)\mapsto x^{it}. On note X l’application identique de G.

On note co (resp. si, resp. ta) la fonction it↦it\mapsto cos(iπti\pi t) (resp. la fonction it↦it\mapsto sin(iπti\pi t), la fonction it↦it\mapsto tan(iπti\pi t)) sur iRi\mathbf{R}.

Soit f∈f\in Loe(G) vérifiant les conditions (i), (ii) et (iii) de la question f ) de l’exercice 25.

a) Soit α\alpha la fonction x↦x/(1+x)x\mapsto x/(1 +x) sur G. On a Iα=]−1,0[I_{\alpha}= ]-1,0[ et α^(s)=\widehat{\alpha}(s) = −π/-\pi / sin(πs\pi s) pour s∈Bfs\in B_f.

b) La fonction ta est bornée sur iRi\mathbf{R}. On note v=F∘mta∘F‾v=\mathscr{F}\circ m_{ta}\circ \overline{\mathscr{F}}; c’est un endomorphisme de L2(G)L^2(G) tel que ∥v∥⩽1\|v\|\leqslant 1 et R(v)=0\mathscr{R}(v) = 0.

c) Soit ε>0\varepsilon >0 un nombre réel. On note uεu_{\varepsilon} l’endomorphisme de multiplication par hε=X/(1+εX)h_{\varepsilon}= X/(1 +\varepsilon X) sur L2(G)L^2(G). On a uε⩾0u_{\varepsilon}\geqslant 0 et pour tout φ∈L2(G)\varphi \in L^2(G) et toute fonction continue bornée ff sur G, on a

1

⟨φ∣R(f(uε)v)φ⟩=⟨f∘hε∣Q(φ)⟩ \langle \varphi |\mathscr{R}(f(u_{\varepsilon})v)\varphi \rangle =\langle f\circ h_{\varepsilon}|Q(\varphi )\rangle

2

où Q(φ)=φv(φ)+v(φ)‾φQ(\varphi ) =\varphi v(\varphi ) +\overline{v(\varphi)}\varphi.

d) Soit F le sous-espace vectoriel de L2(iR)L^2(i\mathbf{R}) engendré par les fonctions t↦eα(it−s0)2t\mapsto e^{\alpha(it-s_0)^2} où α∈R+∗\alpha \in \mathbf{R}_+^* et s0∈Cs_0\in \mathbf{C}; il est dense dans L2(iR)L^2(i\mathbf{R}). e) Soit ψ∈F\psi \in F. Il existe φ∈L2(G)\varphi \in L^2(G) tel que φ^=\widehat{\varphi}= co ⋅ψ\cdot \psi. Soit g=Q(φ)g= Q(\varphi ). On a g∈L1g\in L^1(G), et il existe une fonction holomorphe sur C\mathbf{C} dont la restriction à iRi\mathbf{R} coïncide avec g^\widehat{g}. De plus

g^=12iπ(ψ∗∗ψ)\widehat{g}=\frac{1}{2i\pi}(\psi^**\psi ) si.

f) Pour tout ε>0\varepsilon >0, on a R(uε∘v)⩾0\mathscr{R}(u_{\varepsilon}\circ v)\geqslant 0. (Calculer ⟨φ∣R(uεu)φ⟩\langle \varphi |\mathscr{R}(u_{\varepsilon}u)\varphi \rangle lorsque φ\varphi est une fonction comme dans la question précédente, et utiliser la convolution sur G comme dans la question d) de l’exercice 23 de V, p. 503.)

g) Soit f∈f\in Loe(R+∗\mathbf{R}^*_+). Soit gg une fonction associée à ψ∈F\psi \in F comme dans la question e). On a alors

∫Gfgdμ⩾0 \int_Gf g d\mu\geqslant 0

et

∫Rf^(−σ−it)\int_{\mathbf{R}}\widehat{f}(-\sigma -it) sin(π(σ+it)\pi (\sigma +it))(ψ∗∗ψ)(σ+it)dt⩾0(\psi^**\psi )(\sigma +it)dt\geqslant 0

pour tout σ∈]0,1[\sigma \in ]0,1[.

h) Soit σ∈]0,1[\sigma \in ]0,1[. La fonction qq définie par q(s)=f^(−s)q(s) =\widehat{f}(-s) sin(πs\pi s) pour ss tel que R(s)=σ\mathscr{R}(s) =\sigma vérifie

nnnn ∑∑t‾itjq(12(z‾i+zj))⩾0\sum\sum\overline{t}_it_jq(\frac{1}{2}(\overline{z}_i+z_j))\geqslant 0 i=0j=0i=0j=0

pour tout n∈Nn\in \mathbf{N} et toutes familles (ti)0⩽i⩽n(t_i)_{0\leqslant i\leqslant n} et (zi)0⩽i⩽n(z_i)_{0\leqslant i\leqslant n} de nombres complexes tels que R(zi)=σ\mathscr{R}(z_i) =\sigma pour tout ii.

i) Il existe une mesure positive ν0\nu_0 sur G telle que ν^0(it)=f^(−it)\widehat{\nu}_0(it) =\widehat{f}(-it) sin(iπti\pi t)/π/\pi pour tout t∈Rt\in \mathbf{R}; on a Xσ∈L1(G,ν0)X^{\sigma}\in L^1(G, \nu_0) si 0<σ<10< \sigma <1.

j) Soit ν=νˇ0\nu =\check{\nu}^0. La mesure ν\nu est bornée. (Vérifier que]−1,0[⊂Iν]-1,0[\subset I_{\nu} puis que ν^(−t)\widehat{\nu}(-t) est borné quand t→0t\rightarrow 0 pour démontrer que ν([1,+∞[)\nu ([1,+\infty [) est fini.) Pour tout xx, on a

f(x)=∫Gxx+tdν(t) f(x) =\int_G\frac{x}{x + t}d\nu (t)
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Rien.

Transcrit du volume imprimé. Non traduit.