Bourbaki marks this one as harder than the rest, it is set in small type as supplementary.
Cho (Mn), (Pn) là hai dãy các tập hợp hữu hạn đôi một rời nhau (không phải tất cả đều rỗng), được đánh chỉ số bởi tập hợp Z các số nguyên. Đặt αn=Card (Mn), βn=Card (Pn). Giả sử tồn tại một số nguyên k>0 sao cho với mỗi n∈Z và mỗi số nguyên l⩾1 ta có
αn+αn+1+⋯+αn+l⩽βn−k+βn−k+1+⋯+βn+l+k,
βn+βn+1+⋯+βn+l⩽αn−k+αn−k+1+⋯+αn+l+k.
Gọi M là hợp của họ (Mn) và gọi P là hợp của họ (Pn). Hãy chỉ ra rằng tồn tại một song ánh φ từ M lên P sao cho
φ(Mn)⊂i=n−k−1⋃n+k+1Pivaˋφ−1(Pn)⊂i=n−k−1⋃n+k+1Mi
đối với mỗi n∈Z. (Xét một thứ tự toàn phần trên mỗi Mn (tương ứng Pn) và lấy M (tương ứng P) là tổng thứ tự (§ 1, Bài tập 3) của họ (Mn)n∈Z (tương ứng (Pn)n∈Z). Nếu n0 là một chỉ số sao cho Mn0=∅, hãy xét các đẳng cấu từ M lên P biến đổi phần tử nhỏ nhất của Mn0 thành một trong các phần tử của j=n0−k⋃n0+kPj, và chứng minh rằng một trong các đẳng cấu này thỏa mãn các điều kiện đã yêu cầu. Gọi δ là số nhỏ nhất trong các số
βn−k+βn−k+1+⋯+βn+l+k−(αn+αn+1+⋯+αn+l),
αn−k+αn−k+1+⋯+αn+l+k−(βn+βn+1+⋯+βn+l)
với mọi n∈Z và mọi l⩾1. Nếu n∈Z và l⩾1 sao cho, chẳng hạn, βn−k+βn−k+1+⋯+βn+l+k=δ+αn+αn+1+⋯+αn+l, thì ta có thể chọn φ sao cho phần tử bé nhất của Pn−k là ảnh qua φ của phần tử bé nhất của Mn.)
Không có.