Bourbaki

Bài tập 10, § 1

Tô pô đại cương, VI

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

(a) Cho M\mathfrak{M} là một tập hợp hữu hạn và R{x,y}R \{ x, y \} là một quan hệ đối xứng giữa các phần tử x,yx, y của M\mathfrak{M}. Giả sử tồn tại hai phần tử phân biệt a,ba, b trong M\mathfrak{M} với các tính chất sau: tồn tại x≠ax \neq a và y≠by \neq b sao cho xx (tương ứng yy) là phần tử duy nhất z∈Mz \in \mathfrak{M} sao cho R{a,z}R \{ a, z \} (tương ứng R{b,z}R \{ b, z \}) là đúng; và với mỗi t∈Mt \in \mathfrak{M} khác aa và bb, tập hợp tất cả các z∈Mz \in \mathfrak{M} sao cho R{t,z}R \{ t, z \} là đúng là một tập hợp gồm hai phần tử, phân biệt với tt. Chứng minh rằng dưới các điều kiện này tồn tại một song ánh i→xii \to x_i của một khoảng [0,n][0, n] của N\mathbf{N} lên M\mathfrak{M} sao cho x0=a,xn=bx_0 = a, x_n = b và sao cho R{xi−1,xi}R \{ x_{i-1}, x_i \} là đúng với 1≤i≤n1 \leq i \leq n (định nghĩa xix_i bằng quy nạp theo ii).

b) Trong Rn\mathbf{R}^n (n≥2n \geq 2), đồng nhất với Rn−1×R\mathbf{R}^{n-1} \times \mathbf{R}, cho LL và L′L' là hai đường gãy, lần lượt được xác định bởi hai dãy (xi)0≤i≤p(x_i)_{0 \leq i \leq p} và (xj′)0≤j≤q(x'_j)_{0 \leq j \leq q}, với các tính chất sau: (i) nếu đặt xi=(yi,zi)x_i = (y_i, z_i), xj′=(yj′,zj′)x'_j = (y'_j, z'_j), ta có z0=z0′=0,zp=zq′=1,0<zi<1z_0 = z'_0 = 0, z_p = z'_q = 1, 0 < z_i < 1 với 1≤i≤p−11 \leq i \leq p - 1 và 0<zj′<10 < z'_j < 1 với 1≤j≤q−11 \leq j \leq q - 1; (ii) p+q−2p + q - 2 số zi,zj′z_i, z'_j (1≤i≤p−1,1≤j≤q−11 \leq i \leq p - 1, 1 \leq j \leq q - 1) đôi một phân biệt; (iii) hai cạnh phân biệt của LL (tương ứng L′L') có nhiều nhất một điểm chung [điểm này có thể hoặc không thể là một trong các xix_i (tương ứng xj′x'_j)]. Chứng minh rằng tồn tại hai ánh xạ tuyến tính từng mảnh toàn ánh (Bài tập 6) u:I→L,u′:I→L′u : I \to L, u' : I \to L', trong đó II là khoảng [0,1][0, 1] của R\mathbf{R}, sao cho, nếu đặt u(t)=(v(t),ζ(t))u(t) = (v(t), \zeta(t)), u′(t)=(v′(t),ζ′(t))u'(t) = (v'(t), \zeta'(t)) (t∈It \in I), ta có ζ(t)=ζ′(t)\zeta(t) = \zeta'(t) với mọi t∈It \in I,

ζ(0)=ζ′(0)=0vaˋζ(1)=ζ′(1)=1. \zeta(0) = \zeta'(0) = 0 \quad \text{và} \quad \zeta(1) = \zeta'(1) = 1.

Cho (ak)1≤k≤p+q−2(a_k)_{1 \leq k \leq p+q-2} là dãy tăng ngặt được tạo thành bởi các ziz_i và các zj′z'_j khác 0 và 1, và đặt a0=0,ap+q−1=1a_0 = 0, a_{p+q-1} = 1; ký hiệu BiB_i là tập hợp tất cả các x=(y,z)∈Rnx = (y, z) \in \mathbf{R}^n sao cho

ai−1≤z≤ai(1≤i≤p+q−1); a_{i-1} \leq z \leq a_i \quad (1 \leq i \leq p + q - 1);

ký hiệu M\mathfrak{M} là tập hợp tất cả các cặp γ=(C,C′)\gamma = (C, C'), trong đó CC (tương ứng C′C') là giao của cùng một BiB_i với một cạnh của LL (tương ứng L′L'), sao cho cả CC lẫn C′C' đều không gồm một điểm duy nhất; và ký hiệu R{α,β}R \{ \alpha, \beta \} là quan hệ sau đây giữa các phần tử α,β\alpha, \beta của M\mathfrak{M}: " α≠β\alpha \neq \beta; nếu α=(C1,C1′),β=(C2,C2′)\alpha = (C_1, C'_1), \beta = (C_2, C'_2), thì C1∩C2C_1 \cap C_2 và C1′∩C2′C'_1 \cap C'_2 đều không rỗng, một trong chúng gồm một điểm duy nhất, và nếu điểm này không phải là một trong các xix_i (tương ứng xj′x'_j) thì C1C_1 và C2C_2 (tương ứng C1′C'_1 và C2′C'_2) đều được chứa trong cùng một cạnh của LL (tương ứng L′L')". Chứng minh rằng a) áp dụng được cho quan hệ R.R.

Lời giải

Chưa có lời giải nào được viết.

Bản dịch máy từ tiếng Anh, bởi gpt-5-mini. Chưa được người kiểm tra. Mô hình này là bản rút gọn của mô hình đã viết phần còn lại của ngôn ngữ này.