积分, VII, p. 93
a)证明Sn−1上存在一个测度ωn−1在O(n,R)下不变,并且直到常数因子,只有一个(将Sn−1视为O(n,R)的齐次空间)。
b) 映射 (t,z)↦tz 允许识别拓扑空间 Rn−{0} 与拓扑空间 R+∗×Sn−1。证明由 Rn 上的勒贝格测度在 Rn−{0} 上引发的测度可以被识别,直到常数因子,以及 tn−1dt⊗dωn−1(z)。 (利用Rn上的勒贝格测度在O(n,R)下不变的事实,以及中心0和半径r的封闭球的勒贝格测度与rn成比例这一事实。)
c) 设Lh为Sn−1和超平面xn=h中的交。非空Lh是O(n−1,R)在Sn−1中的不及物性类。证明ωn−1可以放入形式∫λhdν(h)中,其中λh是O(n−1,R)下的测度不变量并由Lh携带,ν是[−1,1]上的测度。通过z↦hen+1−h2z识别Lh与Sn−2,可以假设λh=ωn−2。令 Kθ 为由 sinθ≤xn≤1 定义的 Sn−1 的子集。通过计算集合对tz的勒贝格测度(0≤t≤1,z∈Kθ),证明ωn−1(Kθ)与∫θπ/2cosn−2φdφ成正比。由此推论,如果集合h=sinθ(−π/2≤θ≤π/2),则测度ν可以与cosn−2θdθ识别。
d) 结论,由 n 归纳发送,即
dωn−1=cosn−2θ1cosn−3θ2⋯cosθn−2dθ1dθ2⋯dθn−1,
哪里
x1=sinθ1x2=cosθ1sinθ2…xn−1=cosθ1cosθ2⋯cosθn−2sinθn−1xn=cosθ1cosθ2⋯cosθn−2cosθn−1 −π/2≤θi≤π/2 为
1≤i≤n−2,
0≤θn−1<2π。