Bourbaki

Exercice 6, § 2

Topologie générale, IX, p. 91

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Soit XX un espace métrique; si AA et BB sont deux parties non vides de XX, on pose

ρ(A,B)=sup⁡x∈Ad(x,B)etσ(A,B)=sup⁡(ρ(A,B),ρ(B,A)); \rho(A, B) = \sup_{x \in A} d(x, B) \quad \text{et} \quad \sigma(A, B) = \sup (\rho(A, B), \rho(B, A));
on pose en outre σ(∅,∅)=0, σ(∅,A)=σ(A,∅)=+∞\sigma(\varnothing, \varnothing) = 0,\ \sigma(\varnothing, A) = \sigma(A, \varnothing) = +\infty pour toute partie non vide AA de XX. Montrer que, sur l’ensemble P(X)\mathfrak{P}(X) des parties de XX, σ\sigma est un écart, et que la structure uniforme qu’il définit est identique à la structure uniforme déduite de celle de XX par le procédé de II, p. 34, exerc. 5.

On suppose XX borné. Sur l’ensemble F(X)\mathfrak{F}(X) des parties fermées non vides de XX, σ\sigma est une distance. Si XX est en outre complet, montrer que F(X)\mathfrak{F}(X) est un espace métrique complet (soit Φ\Phi un filtre de Cauchy sur F(X)\mathfrak{F}(X); pour tout ensemble X∈Φ\mathfrak{X} \in \Phi, soit S(X)S(\mathfrak{X}) la réunion des parties XX de XX appartenant à X\mathfrak{X}; montrer que les ensembles S(X)S(\mathfrak{X}) forment une base de filtre sur XX, que cette base de filtre a une adhérence AA non vide, et que Φ\Phi converge vers AA).

Solution

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Transcrit du volume imprimé. Non traduit.