Bourbaki

Bài tập 9, § 3

Đại số, I

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Giả sử trên E cho một phép cộng (kết hợp và giao hoán) theo đó mọi phần tử của E đều khả nghịch, và một phép nhân không kết hợp, nhưng giao hoán và phân phối hai phía đối với phép cộng. Giả sử thêm rằng n∈Z,n≠0n \in \mathbf{Z}, n \neq 0 và nx=0nx = 0 kéo theo x=0x = 0 trong E. Chứng minh rằng nếu, đặt [x,y,z]=(xy)z−x(yz)[x, y, z] = (xy)z - x(yz), đồng nhất thức

[xy,u,z]+[yz,u,z]+[zx,u,y]=0 [xy, u, z] + [yz, u, z] + [zx, u, y] = 0
đúng, thì xm+n=xmxnx^{m+n} = x^mx^n với mọi xx (chứng minh, bằng quy nạp theo pp, rằng đồng nhất thức [xq,y,xp−q]=0[x^q, y, x^{p-q}] = 0 đúng với 1≤q<p1 \leq q < p).

Lời giải

Chưa có lời giải nào được viết.

Bản dịch máy từ tiếng Anh, bởi gpt-5-6-mini. Chưa được người kiểm tra. Mô hình này là bản rút gọn của mô hình đã viết phần còn lại của ngôn ngữ này.