Bourbaki

习题 5, § 6

标签 06FS,永久不变。引用为 [Bourbaki, Tag 06FS]。

代数, IV, p. 98

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Google 翻译生成的粗略草稿,质量较低。术语依照术语表,但句子可能有误;之后会由仔细的译文取代。

令KK为交换域且f∈K[X1,…,Xn,Y1,…,Yn]f \in K[X_1, \ldots, X_n, Y_1, \ldots, Y_n];对于每个置换 σ∈Sn\sigma \in S_n 都用 σf\sigma f 表示有理分数

σf(X1,…,Xn,Y1,…,Yn)=f(Xσ(1),…,Xσ(n),Yσ(1),…,Yσ(n)). \sigma f(X_1, \ldots, X_n, Y_1, \ldots, Y_n) = f(X_{\sigma(1)}, \ldots, X_{\sigma(n)}, Y_{\sigma(1)}, \ldots, Y_{\sigma(n)}) .
那么,如果 uf=fu f = f 对于所有 σ∈Sn\sigma \in S_n,则 ff 被称为关于对 (Xi,Yi)(X_i, Y_i) 对称。 a) 对于N2n\mathbf{N}^{2n}的每个元素ν=(A,…,A,μ1,…,μn)\nu = (A, \ldots, A, \mu_1, \ldots, \mu_n)和每个置换σ∈Sn\sigma \in S_n写入
σ−1(ν)=(λσ(1),…,λσ(n),μσ(1),…,μσ(n)), \sigma^{-1}(\nu) = (\lambda_{\sigma(1)}, \ldots, \lambda_{\sigma(n)}, \mu_{\sigma(1)}, \ldots, \mu_{\sigma(n)}) ,

这样Sn\mathfrak{S}_n就变成了N2n\mathbf{N}^{2^n}上的操作符群。令γ\gamma为N2n\mathbf{N}^{2^n}中Sn\mathfrak{S}_n的任意轨道,并用uγu_\gamma表示对称多项式

∑X1λ1X2λ2…XnλnY1μ1…Ynμn \sum X_1^{\lambda_1} X_2^{\lambda_2} \ldots X_n^{\lambda_n} Y_1^{\mu_1} \ldots Y_n^{\mu_n}

其中 (λ1,…,λn,μ1,…,μn)(\lambda_1, \ldots, \lambda_n, \mu_1, \ldots, \mu_n) 的范围超过 γ\gamma。证明 (Xi,Yi)(X_i, Y_i) 中对称的所有多项式中向量空间的 KK 上的多项式 uγu_\gamma 形式基。

\* b) 假设 KK 具有特征 0。证明每个多项式 uγu_\gamma 都等于对称函数中具有有理系数的多项式

vλμ=∑i=1nXiλiYiμi v_{\lambda \mu} = \sum_{i=1}^n X_i^{\lambda_i} Y_i^{\mu_i}

(在考虑乘积u,vλμu, v_{\lambda \mu}时,通过对(Ai,μi)(A_i, \mu_i)中的数进行归纳争论,其中ν=(λ1,…,λn,μ1,…,μn)\nu = (\lambda_1, \ldots, \lambda_n, \mu_1, \ldots, \mu_n)中不是(0,0)(0, 0))。

c) 通过(Xi,Yi)(X_i, Y_i)的*初等*对称函数,我们将理解(0,…,0)(0, \ldots, 0)以外的元素(Ai,…,Ai,μ1,…,μn)(A_i, \ldots, A_i, \mu_1, \ldots, \mu_n)的n(n+3)/2n(n+3)/2多项式whk=uw_{hk} = u、相应的到轨道γ\gamma,并且使得对 (λi,μi)(\lambda_i, \mu_i) 中的 h 等于 (1,0)(1, 0),其他 k 个为 (0,1)(0, 1),其余 n−h−kn - h - k 为 (0,0)(0, 0)。证明如果 KK 的特征为 0,则 (Xi,Yi)(X_i, Y_i) 中的每个对称多项式都等于初等对称函数中系数为 KK 的多项式(考虑和 ∑i=1n(UXi+VYi)k\sum_{i=1}^n (UX_i + VY_i)^k,其中 U 和 V 是两个不定式,并使用 b))。

d) 如果KK是特征3的域,并且n≥4n \geq 4,则证明∑i=1nXi2Yi2\sum_{i=1}^n X_i^2 Y_i^2不等于对称函数whkw_{hk}中系数在KK中的任何多项式。 \*

解答

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