Bourbaki

习题 23, § 10

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代数, V, p. 160

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令 k 为特征 2 的域。 a) 令A1,…,AnA_1, \ldots, A_n为不定式,E中多项式P=Xn+A1Xn−1+...+An∈K[X]P = X^n + A_1 X^{n-1} + ... + A_n \in K[X]的K域k(A1,...,An)k(A_1, ..., A_n)、E分裂域和P的X1,...,XnX_1, ..., X_n根,因此E=k(X1,...,Xn)E = k(X_1, ..., X_n)(V、p. 21)。我们将 E/K 的认同伽罗瓦群与对称的群 SnS_n 通过变量 X1,...,XnX_1, ..., X_n (V, p. 59) 的置换作用。放

β(X1,...,Xn)=∑i<jXi/(Xi+Xj)∈EandC(A1,...,An)=∑i<j(XiXj)/(Xi2+Xj2)∈K. \beta(X_1, ..., X_n) = \sum_{i < j} X_i/(X_i + X_j) \in E \quad \text{and} \quad C(A_1, ..., A_n) = \sum_{i < j} (X_i X_j)/(X_i^2 + X_j^2) \in K.
然后 β∉K\beta \notin K 和
β2+β+C=0. \beta^2 + \beta + C = 0.
我们有 σ(β)=β\sigma(\beta) = \beta 对应 σ∈Un\sigma \in U_n,σ(β)=β+1\sigma(\beta) = \beta + 1 对应 σ∈Sn−Un\sigma \in S_n - U_n。推出K(β)K(\beta)是E/KE/K的唯一二次次扩张。 b) 令 D∈Z[T1,...,Tn]D \in \mathbf{Z}[T_1, ..., T_n] 为多项式 Xn+T1Xn−1+...+TnX^n + T_1 X^{n-1} + ... + T_n 的判别式。证明存在 Q, R, S ∈Z[T1,...,Tn]\in \mathbf{Z}[T_1, ..., T_n] 且
D=Q2−4R+8S D = Q^2 - 4R + 8S
和
C=C(A1,...,An)=R(A1,...,An)Q2(A1,...,An)=R(A1,...,An)D(A1,...,An). C = C(A_1, ..., A_n) = \frac{R(A_1, ..., A_n)}{Q^2(A_1, ..., A_n)} = \frac{R(A_1, ..., A_n)}{D(A_1, ..., A_n)}.
对于元素 U、V、W Z[T1,...,Tn]\mathbf{Z}[T_1, ..., T_n] 的每个三元组,使得 D=U2−4V+8WD = U^2 - 4V + 8W 存在 M∈Z[A1,...,An]M \in \mathbf{Z}[A_1, ..., A_n] 使得
C=V(A1,...,An)D(A1,...,An)+(MD(A1,...,An))2+MD(A1,...,An) C = \frac{V(A_1, ..., A_n)}{D(A_1, ..., A_n)} + \left( \frac{M}{D(A_1, ..., A_n)} \right)^2 + \frac{M}{D(A_1, ..., A_n)}
c) 令f=Xn+a1Xn−1+...+anf = X^n + a_1 X^{n-1} + ... + a_n为k[X]k[X]和分裂扩张的G伽罗瓦群的可分离多项式。证明 (a1,...,an)(a_1, ..., a_n) 在 C 中是可替换的,并且以下条件是等价的 (i) G 诱导的每个元素和 f 的根的偶数置换; (ii) 存在a∈ka \in k使得C(a1,...,an)=a2+aC(a_1, ..., a_n) = a^2 + a。 \* d) 从此假设k是有限的并且选择元素U,V,Z[T1,...,Tn]\mathbf{Z}[T_1, ..., T_n]的W任意到b)中所述的满足条件。 证明 c) 的 (i) 和 (ii) 等价于以下条件 : (三)
Tr⁡k/F2(C)=0; \operatorname{Tr}_{k/\mathbf{F}_2}(C) = 0;
(四)
Tr⁡k/F2(V(a1,...,an)D(a1,...,an))=0. \operatorname{Tr}_{k/\mathbf{F}_2}\left( \frac{V(a_1, ..., a_n)}{D(a_1, ..., a_n)} \right) = 0.
(v) f 的不可约因子的数与 n 模 2 全等(使用 V、p. 165 的例 22)。 \*

解答

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