Bourbaki

习题 2, § 3

标签 04TO,永久不变。引用为 [Bourbaki, Tag 04TO]。

交换代数, VI, 447

Bourbaki marks this one as harder than the rest.

Google 翻译生成的粗略草稿,质量较低。术语依照术语表,但句子可能有误;之后会由仔细的译文取代。

令Γ\Gamma为全序群和kk域。

(a) 令 A,BA, B 为 Γ\Gamma 中的两个子集,通过归纳排序良好排序;证明集合 A+BA + B 是良序的,并且对于所有 y∈A+By \in A + B、有序对 (a,β)∈A×B(a, \beta) \in A \times B 的集合使得 a+β=ya + \beta = y 是有限的。 (为了证明第一个断言,通过反证法论证,否则可以将A+BA + B的元素定义严格递减序列(yi)(y_i)使得γn=an+βn\gamma_n = a_n + \beta_n,其中an∈A,βn∈Ba_n \in A, \beta_n \in B, 序列(an)(a_n)为严格递增的,序列(βn)(\beta_n)为严格递减;利用得出集合理论,章111,§ 4,习题3。)

(b) 设S(Γ,k)S(\Gamma, k)为x=(xα)α∈Γx = (x_\alpha)_{\alpha \in \Gamma}族的集合,使得xα∈kx_\alpha \in k适用于所有α∈Γ\alpha \in \Gamma和aa的集合,其中xα≠0x_\alpha \neq 0是Γ\Gamma的井有序子集。证明S(Γ,k)S(\Gamma, k)是kΓk^\Gamma的加法子群;此外,如果x=(xα),y=(yα)x = (x_\alpha), y = (y_\alpha)是S(Γ,k)S(\Gamma, k)中的两个元素,对于有序对(a,β)(a, \beta),a+βa + \beta中的集合CC,使得xα≠0x_\alpha \neq 0和yα≠0y_\alpha \neq 0按(a)良好排序,并且,对于所有y∈Cy \in C、元素 zy=∑α+β=yxαyβz_y = \sum_{\alpha + \beta = y} x_\alpha y_\beta 定义于kk;如果我们将 a∉Ca \notin C 写为 zγ=0z_\gamma = 0,则将元素 z=(zα)∈kΓz = (z_\alpha) \in k^\Gamma 属于写为 S(Γ,k)S(\Gamma, k);用xyxy表示。证明合成和加法的律在乘积群kΓk^\Gamma集合S(Γ,k)S(\Gamma, k)是域;此外,对于S(Γ,k)S(\Gamma, k)的所有x=(xα)≠0x = (x_\alpha) \neq 0,令λ\lambda是a∈Γa \in \Gamma中最小的,使得xα≠0x_\alpha \neq 0;如果我们写 v(x)=λv(x) = \lambda(和 v(0)=+∞v(0) = +\infty),则表明 vv 是对 S(Γ,k)S(\Gamma, k) 的评估,其中 kk 为剩余类域,Γ\Gamma 为值群。 vv被称为域S(Γ,k)S(\Gamma, k)的规范估值。 域 kk 与子域或 S(Γ,k)S(\Gamma, k) 被规范地识别。对于所有a∈Γa \in \Gamma,令uau_a表示元素(xλ)λ∈Γ(x_\lambda)_{\lambda \in \Gamma},使得xα=1,xλ=0x_\alpha = 1, x_\lambda = 0代表λ≠a\lambda \neq a;对于所有非零z∈S(Γ,k)z \in S(\Gamma, k),则存在唯一的有序对(t,a)∈k×Γ(t, a) \in k \times \Gamma,使得v(z)=αv(z) = \alpha和v(z−tua)>av(z - tu_a) > a。 tuatu_a称为zz的显性项。

解答

尚未写出解答。

被以下引用

引用了

Google 翻译生成的粗略草稿,质量较低。术语依照术语表,但句子可能有误;之后会由仔细的译文取代。